Берётся большее число 3276543326876559873544567
Множители числа A = [13, 92738663, 2717763942479093]
Множители чисел (А - 1) = [2, 2, 3][2, 46369331][2, 2, 13, 23, 5647, 402404441]

Пока проверяются нечётные n.
Возьмём 13545, 13547(из-за 23), 13551 - исключённые
13549, 13553, 13555 - доказана.

ВТФ будет доказана для определённых чисел n,
которые зависят от числа х.

Вот в предыдущем примере:
т. к. есть множитель 3, то в "исключённых" оказывается каждое 6-е число n.
(каждое 3-е число из нечётных)

Имеется множество Рх, в данном случае х = 3276543326876559873544567.
Множество состоит из (х -1) пар чисел х и y, где х > y.
Для каждой пары этого множества доказывается ВТФ при числах n, которые меняются от 3 до х.

Составлен алгоритм, который определяет для данного множества Рх те числа n,
для которых пока нельзя доказать ВТФ.

На всех остальных числах n, где 2 < n < x, будет доказана ВТФ.

Последнее предложение надо читать так:

На множестве Рх, где х = 3276543326876559873544567, для всех остальных чисел n, где 2 < n < x, доказана ВТФ.

Ещё раз попробуем разобрать пример: 22279697

3456789872653983964^13546 + 3276543326876559873544567^13546 = Х^13546.

Сделаем небольшое изменение: прибавим к 1-ому числу 1. Получаем:

3456789872653983965^13546 + 3276543326876559873544567^13546 = Х^13546.

Из статьи:
Вывод 8. ВТФ доказана при чётных числах n на любом множестве Рх,
где х – нечётное число, для пар чисел х и y, где y – нечётное число.

Следовательно, для нового примера доказана ВТФ.

Справка для вывода 8: Если рассматривать тройки чисел х, y, n до числа К включительно (x > y, x > n),
то ВТФ будет доказана на 1/8 от числа всех этих троек чисел х, y, n.

До 0,0000....01, а может быть ещё меньше.

Ведь простых чисел видимо-невидимо

Согласен.

Начиная с какого-то числа, мы даже с помощью супер-супер компа не сможем "отличить" обычное число от простого числа

Я не говорю про проценты в бесконечности.

Я говорю про проценты на конечном множестве Рх:
(х,1), (х,2), (х,3),....(х,х-1)

Для простых чисел очень высок показатель доказательства ВТФ на каждом отдельном множестве Рх для нечётных чисел n:
почти 100 % (но не 100) при х стремится к бесконечности.
Правда, этот показатель суммарный, в отдельных случаях он может быть несколько процентов (всё зависит от сомножителей)
В 22279607 я забыл сказать, что расчёты проведены для нечётных чисел n.

Для каждого простого числа х определяются множители числа (х - 1), большие 2.
Далее число х делим на удвоенные множители и набираем количество "исключений" по числу n.

Всё зависит от множителей числа (х - 1):
чем они больше, тем больший процент доказательств ВТФ на множестве Рх.
(меньше исключений)

Так что считать "исключения"не обязательно,
лучше определять простые числа х с большими множителями чисел (х - 1)

Ещё раз вернусь к сообщению от exp98, поскольку:

Каждое множество Рх состоит из (х-1) пар чисел х и y (y < x).
Поскольку n < x, то на множестве Рх можно построить (х – 1) * (х – 1) уравнений ВТФ.
При этом можно уже доказать ВТФ для следующих случаев ( пока без применения эвристических алгоритмов ):

1.Чётное число n, нечётное число х, нечётное число y.
Всего таких случаев на множестве Рх для нечётных чисел х составляет 25 % (вывод 8).

2.Нечётные числа n, нечётное число х, половина нечётных чисел y.
Всего таких случаев на множестве Рх для нечётных чисел х составляет 12,5 % (вывод 9).

3.Чётные числа х, чётные числа y.
Всего таких случаев на множестве Рх для чётных чисел х составляет 50 %
(числа х и y делятся на 2 и "переходим" на другое множество Рх) .

Таким образом, если рассмотреть множества Рх до некоторого числа х =Х, то
- для всех возможных пар чисел х и y (y < x) на этих множествах и
- для возможных числах n < x на этих множествах
ВТФ будет доказана на
½ * 25 + ½ * 12 + ½ * 50 = 43,8 % от всех возможных вариантов уравнений ВТФ на множествах Рх для х < Х.

exp98,

в бесконечность не смотрю, а решаю на конкретном конечном множестве Рх.

А на этом множестве уже почти 50 % от этого множества .

Не я начал разговор о бесконечности: Так кто ехидно спросил?
В ссылке нет бесконечности.
Повторяю: доказательство ВТФ рассматривается на конечном множестве Рх. 22266783
И на этом конечном множестве - около 50 %.
Если с эвристическими алгоритмами, то будет больше.
И всё!

А бесконечность - это уж Вам додумывать...

Так надо было делать ссылку на это сообщение.

Но я уже отменил давно это сообщение 22266783

Да какая тут бесконечность?

Для х < 100000 будет 0,3 %, для х < 1000000, допустим, будет 0,2 процента.
И где здесь бесконечность?
Проценты появляются в результате расчёта на компе для одного или нескольких множеств Рх.
Что тут противо (законное)?

Была составлена программа для чётных чисел n, с интервалом расчётов для n < x < 1000, где х > 6.
Результаты расчётов для чётных чисел n показали, что:
- всего возможных комбинаций чисел x, y, n – 164 796 254;
- количество комбинаций чисел x, y, n, для которых доказана ВТФ – 159 488 479;
- количество комбинаций чисел x, y, n, для которых пока не доказана ВТФ – 5 307 775.